René DescartesDescartes et les Mathématiques

Parallélogrammes en seconde

Configurations du plan : parallélogrammes, rectangles, parallélogrammes avec contraintes.

Sommaire

1. Thalès et parallélogramme

2. Projections orthogonales

3. D'un parallélogramme à l'autre

4. Parallélogramme et bissectrice

5. Comparaison d'aires dans un rectangle

6. Parallélogramme avec contraintes
Construire un parallélogramme dont deux sommets sont situés sur deux droites

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1. Thalès et parallélogramme

Thalès et parallélogramme - copyright Patrice Debart 2004

ABCD est un parallélogramme.

M est un point sur la droite (DC) tel que vect(DM) = x vect(DC).

M’ est le point de la droite (BC) tel que vec(BM') = 1/x vec(BC).

Montrer que les points A, M et M’ sont alignés.

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2. Projections orthogonales des sommets sur les diagonales

parallelogramme - projection des sommets sur les diagonales - copyright Patrice Debart 2004

ABCD est un parallélogramme.
I, J, K, L sont les projections orthogonales des sommets sur les diagonales.

Montrer que IJKL est un parallélogramme.

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3. D'un parallélogramme à l'autre

parallelogramme - intersection des perpendiculaires aux diagonales - copyright Patrice Debart 2004

Les points P, Q, R et S sont les points d'intersection des droites perpendiculaires aux diagonales issues des sommets.
Montrer que PQRS est un parallélogramme.

Lorsque ABCD est un rectangle, montrer que PQRS est alors un losange.

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4. Parallélogramme et bissectrices

parallelogramme et bissectices - copyright Patrice Debart 2004

Résoudre par une méthode géométrique, dans R,
l'équation 2 |x - 1| - |x - 4| = 0.

AMEC est un parallélogramme. Une droite (d) passant par A coupe les segments [MC] et [CE] respectivement en I et B, et intercepte la droite (ME) en J.

Sachant que AI = 2 et IB =1, calculer la longueur BJ.

Comme (AM) est parallèle à (BC), les triangles IAM et IBC sont semblables et de rapport de similitude 1/2. Donc, BC = 1/2 AM = 1/2 CE et B est le milieu de [EC].
Dans le triangle JAM, EB = 1/2 AM, la droite (BE) parallèle à (AM) est une droite des milieux : B est le milieu de [AJ] et E le milieu de [MJ].

On admettra que les droites (MJ) et (MC) sont perpendiculaires.
Si F est le milieu de [MA], (BF), joignant les milieux des côtés du parallélogramme AMEC, est parallèle à (ME) ; donc perpendiculaire à (MC).
(MC) diagonale du parallélogramme est une médiane du triangle MBF, elle est aussi une médiatrice, d'où MBF admettant (MC) comme axe de symétrie est un triangle isocèle et MB = MF = 1/2 MA

Comme MA = 2 MB, M est sur (c), cercle d'Apollonius de diamètre [IJ], ensemble des points M tels que ma/mb = 2. Si M est distinct de I et J, les droites (MI) et (MJ) sont les bissectrices intérieure et extérieure de l'angle AMB.

Sur la droite (d) choisissons le repère (O, B) d'origine O milieu de [IJ]. On a alors les abscisses B(1) et A(4).
Un point M de la droite d'abscisse x est tel que MB = |x - 1| et MA = |x - 4|.

L'intersection du cercle (c) et de la droite (d) est l'ensemble des points de la droite vérifiant ma/mb = 2. C'est l'ensemble des points {I, J} dont les abscisses vérifient l'équation 2 |x - 1| - |x - 4| = 0, soit x = 2 ou x = −2. D'où les points d'abscisses I(2) et J(-2).

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5. Comparaison d'aires dans un rectangle

aire dans un rectangle - copyright Patrice Debart 2004

Comparaison d'aires sans calcul :
L@ feuille à problèmes

ABCD est un rectangle de centre O.
Sur [AB] et [CD] placer deux points M et N,
tels que AM = CN.

Les deux triangles verts ont la même aire.

L'aire du parallélogramme rouge est égale à celle des deux triangles.

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Indications pour la solution

aire dans un rectangle - copyright Patrice Debart 2004

C est l'image de A dans la symétrie de centre O. vect(CN) = − vect(AM) : les points M et N sont symétriques par rapport à O.
Par la symétrie de centre O, la droite (AN) a pour image (CM), (DM) a pour image (BN). Les points d'intersection I et J sont donc symétriques par rapport à O et MINJ est un parallélogramme.

Le triangle CBI est symétrique du triangle ADJ : ils ont même aire.

La translation de vecteur vect(AB) transforme M en M’, J en J’et le triangle ADJ en BCJ’.
Ces deux triangles ont même aire.
Par composition de la symétrie et de la translation, on montre que BJ’CI est un parallélogramme, d'aire égale à celle des deux triangles.
Par symétries ou translation, les triangles en jaune sont d'aires égales.

Les parallélogrammes NCMA et NCM’B ont même aire égale NC × CB.
En enlevant les triangles jaunes, on « voit » que les parallélogrammes MINJ et BJ’CI ont même aire.
L'aire du parallélogramme MINJ est égale à celle des deux triangles CBJ’ et DBI, donc celles de ADJ et DBI.

6. Parallélogramme avec contraintes

parallelogramme avec contraintes - copyright Patrice Debart 2004

Construire un parallélogramme dont deux sommets sont situés sur deux droites

On donne deux points A, B distincts et deux droites (d1), (d2) sécantes, et distinctes de (AB).

Existe-t-il un point C sur (d2) et un point D sur (d1) tel que le quadrilatère ABCD soit un parallélogramme ?

Analyse

Placer un point D variable sur (d1) et tracer le quatrième point C du parallélogramme ABCD.
Déplacer le point D jusqu'à ce que C soit sur la droite (d2).

Solution

Parallélogramme avec 2 sommets sont situés sur 2 droites

parallelogramme avec contraintes - copyright Patrice Debart 2004

La trace du lieu du point C permet de réaliser que ce point est situé sur une droite parallèle à (d1).

Il suffit donc de tracer la droite (d’), image de (d1) par la translation de vecteur vect(AB). Les droites (d2) et (d’) sont sécantes en C.

Le point D, image de C par la translation réciproque de vecteur vect(BA), est situé sur (d1) et vect(BA) = vect(CD) :
le parallélogramme ABCD est la solution du problème.

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Table des matières

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Page no 64, réalisée le 22/2/2004
mise à jour le 28/10/2009